Показна верзија на контролните мерни материјали на унифициран државен испит 2017 година по физика

15 Сликата покажува график на зависноста на јачината на струјата од времето во електрично коло, чија индуктивност е 1 mH. Одредете го EMF-модулот за самоиндукција во временскиот интервал од 15 до 20 секунди.

18. Наелектризирана честичка со маса m, која носи позитивен полнеж q, се движи нормално на линиите на индукција на еднообразно магнетно поле B  по круг со радиус R. Занемарување на ефектот на гравитацијата. Воспоставете кореспонденција помеѓу физичките количини и pho

19. Колку протони и колку неутрони има во јадрото 6027 Co?

20. Како се менува бројот на неутрони во јадрото и бројот на електрони во електронската обвивка на соодветниот неутрален атом со намалување на масениот број на изотопи на истиот елемент?

21. Запишете ги во табелата избраните броеви за секоја физичка величина.

22. Колку е напонот на сијалицата (види слика), ако грешката при мерењето на директното напон е половина од вредноста на поделбата на волтметарот?

23. Потребно е експериментално да се проучи зависноста на забрзувањето на шипката што се лизга по груба наклонета рамнина на нејзината маса (на сите слики подолу, m е масата на шипката, α е аголот на наклон на рамнината кон хоризонтот, μ е коефициентот на триење помеѓу

24. Лента се движи по хоризонтална рамнина права линија со постојано забрзување од 1 m/s2 под дејство на сила F,  насочена надолу под агол од 30° во однос на хоризонтот (види слика). Колкава е масата на шипката ако коефициентот на триење на шипката на рамнината е 0,2, а F

25. По паралелните спроводници bc и ad, сместени во магнетно поле со индукција B = 0,4 T, се лизга спроводлива прачка MN, која е во контакт со спроводниците (види слика). Растојанието помеѓу проводниците l \u003d 20 cm Лево, проводниците се затворени повторно

Подготовка за ОГЕ и обединет државен испит

Средно општо образование

Линија UMK A. V. Грачев. Физика (10-11) (основно, напредно)

Линија UMK A. V. Грачев. Физика (7-9)

Линија UMK A. V. Peryshkin. Физика (7-9)

Подготовка за испит по физика: примери, решенија, објаснувања

Со наставникот ги анализираме задачите на испитот по физика (Опција В).

Лебедева Алевтина Сергеевна, наставник по физика, работно искуство 27 години. Диплома на Министерството за образование на Московскиот регион (2013), Благодарност на началникот на општинскиот округ Воскресенски (2015), Диплома на претседателот на Здружението на наставници по математика и физика на Московскиот регион (2015 година).

Во работата се претставени задачи од различни нивоа на сложеност: основни, напредни и високи. Задачите на основно ниво се едноставни задачи кои ја тестираат асимилацијата на најважните физички концепти, модели, појави и закони. Задачите на напредно ниво се насочени кон тестирање на способноста да се користат концептите и законите на физиката за да се анализираат различни процеси и феномени, како и способноста да се решаваат проблеми за примена на еден или два закони (формули) на која било од темите на училишен курс по физика. Во работата 4, задачите од дел 2 се задачи со високо ниво на сложеност и ја тестираат способноста да се користат законите и теориите на физиката во изменета или нова ситуација. Исполнувањето на ваквите задачи бара примена на знаењата од два три дела на физиката одеднаш, т.е. високо ниво на обука. Оваа опција е целосно конзистентна со демо верзијата на USE во 2017 година, задачите се преземени од отворената банка на USE задачи.

Сликата покажува график на зависноста на модулот за брзина од времето т. Од графиконот се определи патеката што ја поминал автомобилот во временски интервал од 0 до 30 секунди.

Решение.Патеката што ја минува автомобилот во временскиот интервал од 0 до 30 секунди е наједноставно дефинирана како површина на трапез, чии основи се временските интервали (30 - 0) = 30 s и (30 - 10) = 20 s, а висината е брзината v= 10 m/s, т.е.

С =	(30 + 20) Со	10 m/s = 250 m.
	2

Одговори. 250 м

Со јаже вертикално нагоре се крева маса од 100 kg. На сликата е прикажана зависноста на проекцијата на брзината Воптоварување на оската насочена нагоре, од времето т. Определете го модулот на затегнатоста на кабелот за време на подигнувањето.

Решение.Според кривата на проекција на брзината vоптоварување на оска насочена вертикално нагоре, од времето т, можете да ја одредите проекцијата на забрзувањето на товарот

а =	∆v	=	(8 – 2) m/s	\u003d 2 m / s 2.
	∆т		3 с

На товарот дејствуваат: гравитацијата насочена вертикално надолу и силата на затегнување на кабелот насочена по должината на кабелот вертикално нагоре, види сл. 2. Да ја запишеме основната равенка на динамиката. Ајде да го искористиме вториот Њутнов закон. Геометрискиот збир на силите што дејствуваат на телото е еднаков на производот од масата на телото и забрзувањето што му се дава.

+ = (1)

Ајде да ја запишеме равенката за проекцијата на вектори во референтната рамка поврзана со земјата, оската OY ќе биде насочена нагоре. Проекцијата на силата на затегнување е позитивна, бидејќи насоката на силата се совпаѓа со насоката на оската OY, проекцијата на силата на гравитацијата е негативна, бидејќи векторот на сила е спротивен на оската OY, проекцијата на векторот на забрзување е исто така позитивен, па телото се движи со забрзување нагоре. Ние имаме

Т – mg = ма (2);

од формулата (2) модулот на силата на затегнување

Т = м(е + а) = 100 kg (10 + 2) m/s 2 = 1200 N.

Одговори. 1200 Н.

Телото се влече по груба хоризонтална површина со константна брзина, чиј модул е ​​1,5 m/s, со примена на сила на него како што е прикажано на слика (1). Во овој случај, модулот на лизгачката сила на триење што дејствува на телото е 16 N. Колкава е моќноста развиена од силата Ф?

Решение.Да го замислиме физичкиот процес наведен во состојбата на проблемот и да направиме шематски цртеж што ги покажува сите сили што дејствуваат на телото (сл. 2). Да ја запишеме основната равенка на динамиката.

Tr + + = (1)

Откако избравме референтен систем поврзан со фиксна површина, пишуваме равенки за проекција на вектори на избраните координатни оски. Според состојбата на проблемот, телото се движи подеднакво, бидејќи неговата брзина е константна и еднаква на 1,5 m/s. Тоа значи дека забрзувањето на телото е нула. Две сили дејствуваат хоризонтално на телото: лизгачка сила на триење tr. и силата со која се влече телото. Проекцијата на силата на триење е негативна, бидејќи векторот на сила не се совпаѓа со насоката на оската X. Проекција на сила Фпозитивен. Ве потсетуваме дека за да ја пронајдеме проекцијата, ја спуштаме нормалната од почетокот и крајот на векторот до избраната оска. Имајќи го ова на ум, имаме: Фко- Ф tr = 0; (1) изрази ја проекцијата на силата Ф, ова е Ф cosα = Ф tr = 16 N; (2) тогаш моќта развиена од силата ќе биде еднаква на Н = Ф cosα В(3) Да направиме замена, земајќи ја предвид равенката (2) и да ги замениме соодветните податоци во равенката (3):

Н\u003d 16 N 1,5 m / s \u003d 24 W.

Одговори. 24 В.

Оптоварување прицврстено на лесна пружина со вкочанетост од 200 N/m осцилира вертикално. Сликата покажува заплет на поместувањето xтовар од времето т. Одреди колкава е тежината на товарот. Заокружете го вашиот одговор до најблискиот цел број.

Решение.Тежината на пружината осцилира вертикално. Според кривата на поместување на оптоварувањето Xод времето т, определи го периодот на осцилација на товарот. Периодот на осцилација е Т= 4 с; од формулата Т= 2π ја изразуваме масата мтоварот.

=	Т	;	м	=	Т 2	; м = к	Т 2	; м= 200 H/m	(4 с) 2	= 81,14 kg ≈ 81 kg.
	2π		к		4π 2		4π 2		39,438

Одговор: 81 кг.

На сликата е прикажан систем од два лесни блока и бестежински кабел, со кој можете да балансирате или подигнете товар од 10 кг. Триењето е занемарливо. Врз основа на анализата на горната слика, изберете дваточни искази и наведете ги нивните броеви во одговорот.

1. За да го одржите товарот во рамнотежа, треба да дејствувате на крајот на јажето со сила од 100 N.
2. Системот на блокови прикажан на сликата не дава зголемување на силата.
3. ч, треба да извлечете дел од јаже со должина од 3 ч.
4. За полека подигање на товар до висина чч.

Решение.Во оваа задача, неопходно е да се потсетиме на едноставни механизми, имено блокови: подвижен и фиксен блок. Подвижниот блок дава засилување на сила двапати, додека делот на јажето мора да се повлече двапати подолго, а фиксниот блок се користи за пренасочување на силата. Во работата, едноставните механизми на победа не даваат. Откако ќе го анализираме проблемот, веднаш ги избираме потребните изјави:

1. За полека подигање на товар до висина ч, треба да извлечете дел од јаже со должина од 2 ч.
2. За да го одржите товарот во рамнотежа, треба да дејствувате на крајот на јажето со сила од 50 N.

Одговори. 45.

Алуминиумска тежина, фиксирана на бестежинска и нерастеглива нишка, е целосно потопена во сад со вода. Товарот не ги допира ѕидовите и дното на садот. Потоа, во истиот сад со вода се потопува товар од железо, чија маса е еднаква на масата на алуминиумското оптоварување. Како ќе се промени модулот на силата на затегнување на конецот и модулот на силата на гравитација што делува на оптоварувањето како резултат на ова?

1. се зголемува;
2. Се намалува;
3. Не се менува.

Решение.Ја анализираме состојбата на проблемот и ги избираме оние параметри кои не се менуваат за време на студијата: ова е масата на телото и течноста во која телото е потопено на нишките. После тоа, подобро е да се направи шематски цртеж и да се наведат силите што делуваат на товарот: силата на затегнатоста на конецот Фконтрола, насочена по должината на конецот нагоре; гравитацијата насочена вертикално надолу; Архимедска сила а, дејствувајќи од страната на течноста на потопеното тело и насочена нагоре. Според состојбата на проблемот, масата на оптоварувањата е иста, затоа, модулот на силата на гравитација што делува на товарот не се менува. Бидејќи густината на стоката е различна, обемот исто така ќе биде различен.

В =	м	.
	стр

Густината на железото е 7800 kg / m 3, а оптоварувањето на алуминиум е 2700 kg / m 3. Следствено, Ви< Ва. Телото е во рамнотежа, резултатот на сите сили што делуваат на телото е нула. Да ја насочиме координатната оска OY нагоре. Основната равенка на динамиката, земајќи ја предвид проекцијата на силите, ја пишуваме во форма Фекс + Фа – mg= 0; (1) Ја изразуваме силата на затегнување Ф extr = mg – Фа(2); Архимедската сила зависи од густината на течноста и волуменот на потопениот дел од телото Фа = ρ gV p.h.t. (3); Густината на течноста не се менува, а волуменот на телото на железото е помал Ви< Ва, така што Архимедовата сила што делува на оптоварувањето на железото ќе биде помала. Извлекуваме заклучок за модулот на силата на затегнатоста на конецот, работејќи со равенката (2), тој ќе се зголеми.

Одговори. 13.

Бар маса мсе лизга од фиксирана груба наклонета рамнина со агол α во основата. Модулот за забрзување на шипката е еднаков на а, модулот на брзината на шипката се зголемува. Отпорот на воздухот може да се занемари.

Воспоставете кореспонденција помеѓу физичките величини и формулите со кои тие можат да се пресметаат. За секоја позиција од првата колона, изберете ја соодветната позиција од втората колона и запишете ги избраните броеви во табелата под соодветните букви.

Б) Коефициентот на триење на шипката на навалената рамнина

3) mg cosα

4) сина -	а
	е cosα

Решение.Оваа задача бара примена на Њутновите закони. Препорачуваме да направите шематски цртеж; укажуваат на сите кинематички карактеристики на движењето. Ако е можно, прикажете го векторот на забрзување и векторите на сите сили што се применуваат на телото што се движи; запомнете дека силите што делуваат на телото се резултат на интеракција со други тела. Потоа запишете ја основната равенка на динамиката. Изберете референтен систем и запишете ја добиената равенка за проекција на вектори на сила и забрзување;

Следејќи го предложениот алгоритам, ќе направиме шематски цртеж (сл. 1). Сликата ги прикажува силите што се применуваат на центарот на гравитација на шипката и координатните оски на референтниот систем поврзани со површината на навалената рамнина. Бидејќи сите сили се константни, движењето на шипката ќе биде подеднакво променливо со зголемување на брзината, т.е. векторот на забрзување е насочен во насока на движење. Ајде да ја избереме насоката на оските како што е прикажано на сликата. Да ги запишеме проекциите на силите на избраните оски.

Да ја запишеме основната равенка на динамиката:

Tr + = (1)

Да ја напишеме оваа равенка (1) за проекцијата на силите и забрзувањето.

На оската OY: проекцијата на силата на реакција на поддршката е позитивна, бидејќи векторот се совпаѓа со насоката на оската OY N y = Н; проекцијата на силата на триење е нула бидејќи векторот е нормален на оската; проекцијата на гравитацијата ќе биде негативна и еднаква на мг= – mg cosα ; векторска проекција на забрзување a y= 0, бидејќи векторот на забрзување е нормален на оската. Ние имаме Н – mg cosα = 0 (2) од равенката ја изразуваме реакционата сила што делува на шипката од страната на наклонетата рамнина. Н = mg cosα (3). Ајде да ги запишеме проекциите на оската OX.

На оската OX: проекција на сила Не еднаков на нула, бидејќи векторот е нормален на оската OX; Проекцијата на силата на триење е негативна (векторот е насочен во спротивна насока во однос на избраната оска); проекцијата на гравитацијата е позитивна и еднаква на mg x = mg sinα (4) од правоаголен триаголник. Позитивна проекција на забрзување а x = а; Потоа ја пишуваме равенката (1) земајќи ја предвид проекцијата mgсина- Ф tr = ма (5); Ф tr = м(есина- а) (6); Запомнете дека силата на триење е пропорционална на силата на нормалниот притисок Н.

По дефиниција Ф tr = μ Н(7), го изразуваме коефициентот на триење на шипката на навалената рамнина.

μ =	Ф tr	=	м(есина- а)	= тана -	а	(8).
	Н		mg cosα		е cosα

Ги избираме соодветните позиции за секоја буква.

Одговори.А-3; Б - 2.

Задача 8. Гасовитиот кислород се наоѓа во сад со волумен од 33,2 литри. Притисокот на гасот е 150 kPa, неговата температура е 127 ° C. Одредете ја масата на гасот во овој сад. Изразете го вашиот одговор во грамови и заокружете го до најблискиот цел број.

Решение.Важно е да се обрне внимание на конверзијата на единиците во системот SI. Претворете ја температурата во Келвин Т = т°С + 273, волумен В\u003d 33,2 l \u003d 33,2 10 -3 m 3; Преведуваме притисок П= 150 kPa = 150.000 Pa. Користење на идеалната равенка на состојбата на гасот

изразете ја масата на гасот.

Бидете сигурни да обрнете внимание на единицата во која треба да го запишете одговорот. Тоа е многу важно.

Одговори. 48

Задача 9.Идеален монатомски гас во количина од 0,025 mol се проширил адијабатски. Во исто време неговата температура падна од +103°С на +23°С. Која е работата што ја врши гасот? Изразете го вашиот одговор во џули и заокружете го до најблискиот цел број.

Решение.Прво, гасот е монатомски број на степени на слобода јас= 3, второ, гасот се шири адијабатски - тоа значи дека нема пренос на топлина П= 0. Гасот навистина функционира така што ја намалува внатрешната енергија. Имајќи го ова на ум, првиот закон на термодинамиката го пишуваме како 0 = ∆ У + А G; (1) ја изразуваме работата на гасот А g = –∆ У(2); Промената на внатрешната енергија за монатомски гас ја запишуваме како

Одговори. 25 Ј.

Релативната влажност на дел од воздухот на одредена температура е 10%. Колку пати треба да се промени притисокот на овој дел од воздухот за да се зголеми неговата релативна влажност за 25% при константна температура?

Решение.Прашањата поврзани со заситената пареа и влажноста на воздухот најчесто предизвикуваат потешкотии кај учениците. Да ја користиме формулата за пресметување на релативната влажност на воздухот

Според состојбата на проблемот, температурата не се менува, што значи дека притисокот на заситената пареа останува ист. Да ја напишеме формулата (1) за две состојби на воздухот.

φ 1 \u003d 10%; φ 2 = 35%

Го изразуваме воздушниот притисок од формулите (2), (3) и го наоѓаме односот на притисоци.

П 2	=	φ 2	=	35	= 3,5
П 1		φ 1		10

Одговори.Притисокот треба да се зголеми за 3,5 пати.

Топлата супстанција во течна состојба полека се лади во печка за топење со постојана моќност. Табелата ги прикажува резултатите од мерењата на температурата на супстанцијата со текот на времето.

Изберете од предложената листа дваизјави кои одговараат на резултатите од мерењата и укажуваат на нивниот број.

1. Точката на топење на супстанцијата во овие услови е 232°C.
2. За 20 минути. по почетокот на мерењата, супстанцијата била само во цврста состојба.
3. Топлинскиот капацитет на супстанцијата во течна и цврста состојба е ист.
4. По 30 мин. по почетокот на мерењата, супстанцијата била само во цврста состојба.
5. Процесот на кристализација на супстанцијата траеше повеќе од 25 минути.

Решение.Како што материјата се ладела, нејзината внатрешна енергија се намалувала. Резултатите од мерењето на температурата овозможуваат да се одреди температурата на која супстанцијата почнува да кристализира. Сè додека супстанцијата се менува од течна во цврста состојба, температурата не се менува. Знаејќи дека температурата на топење и температурата на кристализација се исти, ја избираме изјавата:

1. Точката на топење на супстанцијата во овие услови е 232°C.

Втората точна изјава е:

4. По 30 мин. по почетокот на мерењата, супстанцијата била само во цврста состојба. Бидејќи температурата во овој момент во времето е веќе под температурата на кристализација.

Одговори. 14.

Во изолиран систем, телото А има температура од +40°C, а телото Б има температура од +65°C. Овие тела се доведуваат во термички контакт едни со други. По некое време, се постигнува топлинска рамнотежа. Како се променила температурата на телото Б и вкупната внатрешна енергија на телото А и Б како резултат?

За секоја вредност, определете ја соодветната природа на промената:

1. Зголемен;
2. Намален;
3. Не се смени.

Запишете ги во табелата избраните броеви за секоја физичка величина. Броевите во одговорот може да се повторат.

Решение.Ако во изолиран систем на тела не се случуваат енергетски трансформации освен размена на топлина, тогаш количината на топлина што ја даваат телата чија внатрешна енергија се намалува е еднаква на количината на топлина што ја примаат телата чија внатрешна енергија се зголемува. (Според законот за зачувување на енергијата.) Во овој случај, вкупната внатрешна енергија на системот не се менува. Проблемите од овој тип се решаваат врз основа на равенката на топлинската рамнотежа.

∆U = ∑	n	∆U i = 0 (1);
	јас = 1

каде ∆ У- промена на внатрешната енергија.

Во нашиот случај, како резултат на пренос на топлина, внатрешната енергија на телото Б се намалува, што значи дека температурата на ова тело се намалува. Внатрешната енергија на телото А се зголемува, бидејќи телото ја примило количината на топлина од телото Б, тогаш неговата температура ќе се зголеми. Вкупната внатрешна енергија на телата А и Б не се менува.

Одговори. 23.

Протон стр, полета во јазот помеѓу половите на електромагнет, има брзина нормална на векторот на индукција на магнетното поле, како што е прикажано на сликата. Каде е силата на Лоренц што дејствува на протонот насочена во однос на фигурата (горе, кон набљудувачот, подалеку од набљудувачот, долу, лево, десно)

Решение.Магнетното поле делува на наелектризираната честичка со силата на Лоренц. За да се одреди насоката на оваа сила, важно е да се запамети мнемоничкото правило на левата рака, да не се заборави да се земе предвид полнењето на честичката. Ние ги насочуваме четирите прсти од левата рака по должината на векторот на брзината, за позитивно наелектризирана честичка, векторот треба да влезе во дланката нормално, палецот настрана за 90 ° ја покажува насоката на силата на Лоренц што дејствува на честичката. Како резултат на тоа, имаме дека векторот на силата на Лоренц е насочен подалеку од набљудувачот во однос на фигурата.

Одговори.од набљудувачот.

Модулот на јачината на електричното поле во рамен воздушен кондензатор со капацитет од 50 μF е 200 V/m. Растојанието помеѓу кондензаторските плочи е 2 mm. Колку е полнењето на кондензаторот? Напишете го вашиот одговор во µC.

Решение.Ајде да ги претвориме сите мерни единици во системот SI. Капацитет C \u003d 50 μF \u003d 50 10 -6 F, растојание помеѓу плочите г= 2 10 -3 m Проблемот се занимава со рамен воздушен кондензатор - уред за акумулирање на електричен полнеж и енергија на електричното поле. Од формулата за електричен капацитет

каде ге растојанието помеѓу плочите.

Ајде да ја изразиме тензијата У= Е г(четири); Заменете го (4) во (2) и пресметајте го полнењето на кондензаторот.

q = В · Ед\u003d 50 10 -6 200 0,002 \u003d 20 μC

Обрнете внимание на единиците во кои треба да го напишете одговорот. Го добивме во приврзоци, но го претставуваме во μC.

Одговори. 20 µC.

Ученикот го спроведе експериментот за прекршување на светлината, претставен на фотографијата. Како се менува аголот на прекршување на светлината што се шири во стаклото и индексот на прекршување на стаклото со зголемување на аголот на инциденца?

1. се зголемува
2. Се намалува
3. Не се менува
4. Запишете ги избраните броеви за секој одговор во табелата. Броевите во одговорот може да се повторат.

Решение.Во задачите на таков план, се сеќаваме што е рефракција. Ова е промена во насоката на ширење на бранот при премин од еден медиум во друг. Тоа е предизвикано од фактот дека брзините на ширење на брановите во овие медиуми се различни. Откако сфативме од кој медиум во кој се шири светлината, го пишуваме законот за прекршување во форма

sinα	=	n 2	,
sinβ		n 1

каде n 2 - апсолутниот индекс на рефракција на стаклото, медиумот каде што оди светлината; n 1 е апсолутен индекс на рефракција на првиот медиум од каде доаѓа светлината. За воздух n 1 = 1. α е аголот на паѓање на зракот на површината на стаклениот полуцилиндар, β е аголот на прекршување на зракот во стаклото. Покрај тоа, аголот на прекршување ќе биде помал од аголот на инциденца, бидејќи стаклото е оптички погуста средина - медиум со висок индекс на рефракција. Брзината на ширење на светлината во стаклото е помала. Ве молиме имајте предвид дека аглите се мерат од нормалната обновена на точката на инциденца на зракот. Ако го зголемите аголот на инциденца, тогаш ќе се зголеми и аголот на прекршување. Индексот на рефракција на стаклото нема да се промени од ова.

Одговори.

Бакарен скокач на време т 0 = 0 започнува да се движи со брзина од 2 m/s по паралелни хоризонтални проводни шини, на чии краеви е поврзан отпорник од 10 оми. Целиот систем е во вертикално еднообразно магнетно поле. Отпорот на скокачот и шините е занемарлив, скокачот е секогаш нормален на шините. Флуксот Ф на векторот на магнетна индукција низ колото формирано од скокачот, шините и отпорникот се менува со текот на времето ткако што е прикажано на графиконот.

Користејќи го графикот, изберете две вистинити тврдења и наведете ги нивните броеви во вашиот одговор.

1. Од страна на време т\u003d 0,1 s, промената на магнетниот тек низ колото е 1 mWb.
2. Индукција струја во скокачот во опсег од т= 0,1 с т= 0,3 s макс.
3. Модулот на EMF на индукција што се јавува во колото е 10 mV.
4. Јачината на индуктивната струја што тече во скокачот е 64 mA.
5. За да се одржи движењето на скокачот, на него се применува сила, чија проекција на насоката на шините е 0,2 N.

Решение.Според графикот на зависноста на протокот на векторот на магнетната индукција низ колото на време ги определуваме пресеците каде што се менува протокот Ф, а каде промената на протокот е нула. Ова ќе ни овозможи да ги одредиме временските интервали во кои ќе се појави индуктивната струја во колото. Точна изјава:

1) До моментот т= 0,1 s промената на магнетниот тек низ колото е 1 mWb ∆F = (1 - 0) 10 -3 Wb; Модулот за индукција на EMF што се јавува во колото се одредува со користење на законот EMP

Одговори. 13.

Според графиконот на зависноста на јачината на струјата од времето во електрично коло чија индуктивност е 1 mH, определете го самоиндукцијата EMF модул во временскиот интервал од 5 до 10 s. Напишете го вашиот одговор во микроволти.

Решение.Да ги претвориме сите количини во системот SI, т.е. ја преведуваме индуктивноста од 1 mH во H, добиваме 10 -3 H. Јачината на струјата прикажана на сликата во mA исто така ќе се претвори во A со множење со 10 -3.

Формулата за самоиндукција EMF ја има формата

во овој случај временскиот интервал е даден според состојбата на проблемот

∆т= 10 с – 5 с = 5 с

секунди и според распоредот го одредуваме интервалот на тековната промена во ова време:

∆Јас= 30 10 –3 – 20 10 –3 = 10 10 –3 = 10 –2 А.

Ние ги заменуваме нумеричките вредности во формулата (2), добиваме

| Ɛ | \u003d 2 10 -6 V, или 2 μV.

Одговори. 2.

Две проѕирни рамни-паралелни плочи се цврсто притиснати една на друга. Зрак светлина паѓа од воздухот на површината на првата плоча (види слика). Познато е дека индексот на рефракција на горната плоча е еднаков на n 2 = 1,77. Воспоставете кореспонденција помеѓу физичките величини и нивните вредности. За секоја позиција од првата колона, изберете ја соодветната позиција од втората колона и запишете ги избраните броеви во табелата под соодветните букви.

Решение.За да се решат проблемите со прекршувањето на светлината на интерфејсот помеѓу два медиума, особено проблемите за поминување на светлината низ рамни-паралелни плочи, може да се препорача следниов редослед на решавање: направете цртеж што ја покажува патеката на зраците што доаѓаат од една средно до друг; на точката на инциденца на зракот на интерфејсот помеѓу две подлоги, нацртајте нормала на површината, означете ги аглите на упад и прекршување. Обрнете посебно внимание на оптичката густина на медиумот што се разгледува и запомнете дека кога светлосниот зрак преминува од оптички помалку густ медиум до оптички погуст медиум, аголот на прекршување ќе биде помал од аголот на инциденца. Сликата го покажува аголот помеѓу упадниот зрак и површината, а ни треба аголот на инциденца. Запомнете дека аглите се одредуваат од нормалната обновена на точката на инциденца. Утврдуваме дека аголот на инциденца на зракот на површината е 90° - 40° = 50°, индексот на рефракција n 2 = 1,77; n 1 = 1 (воздух).

Ајде да го напишеме законот за прекршување

sinβ =	грев50	= 0,4327 ≈ 0,433
	1,77

Ајде да изградиме приближна патека на зракот низ плочите. Ја користиме формулата (1) за границите 2–3 и 3–1. Како одговор добиваме

А) Синусот на аголот на пад на зракот на границата 2-3 помеѓу плочите е 2) ≈ 0,433;

Б) Аголот на прекршување на зракот при преминување на границата 3–1 (во радијани) е 4) ≈ 0,873.

Одговори. 24.

Определи колку α - честички и колку протони се добиени како резултат на реакција на термонуклеарна фузија

+ → x+ y;

Решение.Во сите нуклеарни реакции се почитуваат законите за зачувување на електричното полнење и бројот на нуклеони. Означи со x бројот на алфа честички, y бројот на протони. Ајде да направиме равенки

+ → x + y;

решавање на системот го имаме тоа x = 1; y = 2

Одговори. 1 – α-честичка; 2 - протони.

Модулот на импулсот на првиот фотон е 1,32 · 10 -28 kg m/s, што е за 9,48 · 10 -28 kg m/s помалку од модулот на импулсот на вториот фотон. Најдете го енергетскиот однос E 2 /E 1 на вториот и првиот фотон. Заокружете го вашиот одговор на десетинки.

Решение.Импулсот на вториот фотон е поголем од моментумот на првиот фотон по услов, така што можеме да замислиме стр 2 = стр 1 + ∆ стр(еден). Енергијата на фотонот може да се изрази во однос на моментумот на фотонот користејќи ги следните равенки. тоа Е = mc 2 (1) и стр = mc(2), тогаш

Е = компјутер (3),

каде Ее енергијата на фотонот, стре моментумот на фотонот, m е масата на фотонот, в= 3 10 8 m/s е брзината на светлината. Земајќи ја предвид формулата (3), имаме:

Е 2	=	стр 2	= 8,18;
Е 1		стр 1

Одговорот го заокружуваме на десетинки и добиваме 8,2.

Одговори. 8,2.

Јадрото на атомот претрпе радиоактивно позитронско β-распаѓање. Како ова го промени електричниот полнеж на јадрото и бројот на неутрони во него?

За секоја вредност, определете ја соодветната природа на промената:

1. Зголемен;
2. Намален;
3. Не се смени.

Запишете ги во табелата избраните броеви за секоја физичка величина. Броевите во одговорот може да се повторат.

Решение.Позитрон β - распаѓањето во атомското јадро настанува при трансформација на протон во неутрон со емисија на позитрон. Како резултат на тоа, бројот на неутрони во јадрото се зголемува за еден, електричниот полнеж се намалува за еден, а масовниот број на јадрото останува непроменет. Така, реакцијата на трансформација на елементот е како што следува:

Одговори. 21.

Беа спроведени пет експерименти во лабораторија за да се набљудува дифракција користејќи различни решетки за дифракција. Секоја од решетките беше осветлена со паралелни зраци на монохроматска светлина со одредена бранова должина. Светлото во сите случаи се спушта нормално на решетката. Во два од овие експерименти, беа забележани ист број на максимални главни дифракции. Наведете го прво бројот на експериментот во кој е користена дифракциона решетка со пократок период, а потоа бројот на експериментот во кој е користена дифракциона решетка со подолг период.

Решение.Дифракција на светлината е феномен на светлосен зрак во областа на геометриска сенка. Дифракцијата може да се забележи кога на патеката на светлосниот бран се среќаваат непроѕирни области или дупки во големи и светло-непроѕирни бариери, а димензиите на овие области или дупки се пропорционални со брановата должина. Еден од најважните уреди за дифракција е дифракционата решетка. Аголните насоки до максимумите на шемата на дифракција се одредуваат со равенката

г sinφ = кλ(1),

каде ге периодот на дифракционата решетка, φ е аголот помеѓу нормалата и решетката и насоката кон една од максимумите на шемата на дифракција, λ е светлосна бранова должина, ке цел број наречен ред на дифракциониот максимум. Изрази од равенката (1)

Избирајќи парови според експерименталните услови, прво избираме 4 каде што е користена дифракциона решетка со помал период, а потоа бројот на експериментот во кој е користена дифракциона решетка со голем период е 2.

Одговори. 42.

Струјата тече низ отпорникот на жицата. Отпорникот беше заменет со друг, со жица од ист метал и со иста должина, но со половина од површината на пресекот, а половина од струјата помина низ неа. Како ќе се променат напонот на отпорникот и неговиот отпор?

За секоја вредност, определете ја соодветната природа на промената:

1. ќе се зголеми;
2. ќе се намали;
3. Нема да се промени.

Запишете ги во табелата избраните броеви за секоја физичка величина. Броевите во одговорот може да се повторат.

Решение.Важно е да се запамети од кои количини зависи отпорот на проводникот. Формулата за пресметување на отпорот е

Омовиот закон за делот на колото, од формулата (2), го изразуваме напонот

У = Јас Р (3).

Според состојбата на проблемот, вториот отпорник е направен од жица од ист материјал, со иста должина, но различна површина на пресек. Областа е двојно помала. Заменувајќи го во (1) добиваме дека отпорот се зголемува за 2 пати, а струјата се намалува за 2 пати, затоа, напонот не се менува.

Одговори. 13.

Периодот на осцилација на математичкото нишало на површината на Земјата е 1,2 пати поголем од периодот на неговото осцилирање на некоја планета. Кој е модулот на гравитационото забрзување на оваа планета? Ефектот на атмосферата и во двата случаи е занемарлив.

Решение.Математичкото нишало е систем кој се состои од конец, чии димензии се многу поголеми од димензиите на топката и самата топка. Може да настане тешкотија ако се заборави Томсоновата формула за периодот на осцилација на математичкото нишало.

Т= 2π (1);

ле должината на математичкото нишало; е- забрзување на гравитацијата.

По услов

Експрес од (3) е n \u003d 14,4 m / s 2. Треба да се напомене дека забрзувањето на слободниот пад зависи од масата на планетата и радиусот

Одговори. 14,4 m/s 2.

Прав проводник со должина од 1 m, низ кој тече струја од 3 А, се наоѓа во еднообразно магнетно поле со индукција AT= 0,4 Т под агол од 30° во однос на векторот . Кој е модулот на силата што делува на проводникот од магнетното поле?

Решение.Ако спроводник со струја е поставен во магнетно поле, тогаш полето на проводникот што носи струја ќе дејствува со амперската сила. Ја пишуваме формулата за амперовиот модул на сила

Ф A = Јас ЛБ sinα;

Ф A = 0,6 N

Одговори. Ф A = 0,6 N.

Енергијата на магнетното поле складирана во серпентина кога се пропушта директна струја низ него е 120 J. Колку пати треба да се зголеми јачината на струјата што тече низ намотката на серпентина за да се зачува енергијата на магнетното поле во неа да се зголеми за 5760 Ј.

Решение.Енергијата на магнетното поле на серпентина се пресметува со формулата

В m =	ЛИ 2	(1);
	2

По услов В 1 = 120 J, тогаш В 2 \u003d 120 + 5760 \u003d 5880 Ј.

Јас 1 2 =	2В 1	; Јас 2 2 =	2В 2	;
	Л		Л

Потоа тековниот сооднос

Јас 2 2	= 49;	Јас 2	= 7
Јас 1 2		Јас 1

Одговори.Тековната сила мора да се зголеми за 7 пати. Во одговорниот лист го внесувате само бројот 7.

Електричното коло се состои од две светилки, две диоди и калем од жица поврзани како што е прикажано на сликата. (Диодата дозволува струја да тече само во една насока, како што е прикажано на врвот на сликата.) Која од светилките ќе светне ако северниот пол на магнетот се приближи до серпентина? Објаснете го вашиот одговор со означување кои појави и модели сте ги користеле во објаснувањето.

Решение.Линиите на магнетна индукција излегуваат од северниот пол на магнетот и се разминуваат. Како што се приближува магнетот, магнетниот флукс низ серпентина на жицата се зголемува. Во согласност со правилото на Ленц, магнетното поле создадено од индуктивната струја на јамката мора да биде насочено десно. Според правилото на гимлетот, струјата треба да тече во насока на стрелките на часовникот (кога се гледа од лево). Во оваа насока, диодата во колото на втората светилка поминува. Значи, втората светилка ќе светне.

Одговори.Втората светилка ќе светне.

Должина на алуминиумски звучници Л= 25 cm и површина на пресек С\u003d 0,1 cm 2 е суспендиран на конец до горниот крај. Долниот крај лежи на хоризонталното дно на садот во кој се истура вода. Должината на потопениот дел од говорницата л= 10 cm Најдете сила Ф, со кој иглата притиска на дното на садот, ако се знае дека конецот се наоѓа вертикално. Густината на алуминиум ρ a = 2,7 g / cm 3, густината на водата ρ во = 1,0 g / cm 3. Забрзување на гравитацијата е= 10 m/s 2

Решение.Ајде да направиме објаснувачки цртеж.

– Сила на затегнување на конецот;

– Сила на реакција на дното на садот;

а е Архимедовата сила која дејствува само на потопениот дел од телото и се применува на центарот на потопениот дел од говорот;

- силата на гравитација која делува на говорот од страната на Земјата и се применува на центарот на целата говорница.

По дефиниција, масата на зборуваше ма модулот на Архимедовата сила се изразени на следниов начин: м = SLρ a (1);

Ф a = Слρ во е (2)

Размислете за моментите на силите во однос на точката на потпирање на говорницата.

М(Т) = 0 е моментот на силата на затегнување; (3)

М(N) = NL cosα е моментот на реакционата сила на потпорот; (четири)

Земајќи ги предвид знаците на моментите, ја пишуваме равенката

NL cos + Слρ во е (Л –	л	) cosα = SLρ а е	Л	cos (7)
	2		2

имајќи предвид дека, според третиот закон на Њутн, силата на реакција на дното на садот е еднаква на силата Ф d со кој иглата притиска на дното на садот пишуваме Н = Ф e и од равенката (7) ја изразуваме оваа сила:

F d = [	1	Лρ а– (1 –	л	)лρ во] Sg (8).
	2		2Л

Вклучувајќи ги броевите, го добиваме тоа

Ф d = 0,025 N.

Одговори. Ф d = 0,025 N.

Шише кое содржи м 1 = 1 кг азот, при тестирање за јачина експлодира на температура т 1 = 327°C. Која маса на водород м 2 може да се чува во таков цилиндар на температура т 2 \u003d 27 ° C, со петкратна маргина на безбедност? Моларна маса на азот М 1 \u003d 28 g / mol, водород М 2 = 2 g/mol.

Решение.Ја пишуваме равенката на состојба на идеален гас Менделеев - Клапејрон за азот

каде В- волуменот на балонот, Т 1 = т 1 + 273°C. Според состојбата, водородот може да се складира под притисок стр 2 = стр 1/5; (3) Со оглед на тоа

можеме да ја изразиме масата на водородот работејќи веднаш со равенките (2), (3), (4). Конечната формула изгледа вака:

м 2 =	м 1		М 2		Т 1	(5).
	5		М 1		Т 2

По замена на нумерички податоци м 2 = 28

Одговори. м 2 = 28

Во идеално осцилаторно коло, амплитудата на струјните осцилации во индукторот јас сум= 5 mA, и амплитудата на напонот преку кондензаторот У м= 2,0 V. На време тнапонот преку кондензаторот е 1,2 V. Најдете ја струјата во серпентина во овој момент.

Решение.Во идеално осцилаторно коло, енергијата на вибрациите е зачувана. За моментот на времето t, законот за зачувување на енергијата има форма

В	У 2	+ Л	Јас 2	= Л	јас сум 2	(1)
	2		2		2

За вредностите на амплитудата (максималните) пишуваме

а од равенката (2) изразуваме

В	=	јас сум 2	(4).
Л		У м 2

Да го замениме (4) во (3). Како резултат, добиваме:

Јас = јас сум (5)

Така, струјата во серпентина во тоа време те еднакво на

Јас= 4,0 mA.

Одговори. Јас= 4,0 mA.

На дното на резервоар длабок 2 m има огледало. Зрак светлина, поминувајќи низ водата, се рефлектира од огледалото и излегува од водата. Индексот на рефракција на водата е 1,33. Најдете го растојанието помеѓу точката на влегување на зракот во водата и точката на излез на зракот од водата, ако аголот на инциденца на зракот е 30°

Решение.Ајде да направиме објаснувачки цртеж

α е аголот на инциденца на зракот;

β е аголот на прекршување на зракот во вода;

AC е растојанието помеѓу влезната точка на зракот во водата и излезната точка на зракот од водата.

Според законот за прекршување на светлината

sinβ =	sinα	(3)
	n 2

Размислете за правоаголна ΔADB. Во него АД = ч, тогаш ДВ = АД

tgβ = ч tgβ = ч	sinα	= ч	sinβ	= ч	sinα	(4)
	cosβ

Го добиваме следниот израз:

AC = 2 DB = 2 ч	sinα	(5)

Заменете ги нумеричките вредности во добиената формула (5)

Одговори. 1,63 м

Како подготовка за испитот, ве покануваме да се запознаете со работна програма по физика за 7-9 одделение до линијата наставни материјали Перишкина А.В.и работната програма на продлабоченото ниво за 10-11 одделение до ТМК Мјакишева Г.Ја.Програмите се достапни за прегледување и бесплатно преземање на сите регистрирани корисници.

Спецификација
контрола на мерните материјали
за одржување на единствениот државен испит во 2017 година
по ФИЗИКА

1. Назначување на KIM USE

Единствениот државен испит (во натамошниот текст УПО) е форма на објективна проценка на квалитетот на обуката на лицата кои ги совладале образовните програми од средното општо образование, користејќи задачи во стандардизирана форма (контролни мерни материјали).

УПОТРЕБАТА се спроведува во согласност со Федералниот закон бр. 273-ФЗ од 29 декември 2012 година „За образование во Руската Федерација“.

Контролните мерни материјали овозможуваат да се утврди нивото на развој на дипломираните студенти на Федералната компонента на државниот образовен стандард на средно (целосно) општо образование по физика, основни и профилни нивоа.

Резултатите од обединетиот државен испит по физика ги препознаваат образовните институции од средното стручно образование и образовните институции од високото стручно образование како резултати од приемните испити по физика.

2. Документи кои ја дефинираат содржината на KIM USE

3. Пристапи за избор на содржина, развој на структурата на KIM USE

Секоја верзија на испитниот труд вклучува контролирани содржински елементи од сите делови од училишниот курс по физика, додека за секој дел се нудат задачи од сите таксономски нивоа. Најважните содржински елементи од гледна точка на продолжување на образованието во високообразовните институции се контролираат во иста варијанта со задачи од различни нивоа на сложеност. Бројот на задачи за одреден дел се определува според неговата содржина и пропорционално на времето за студирање доделено за неговото проучување во согласност со примерна програма по физика. Различни планови, според кои се конструирани опциите за испитување, се изградени на принципот на додавање содржина така што, генерално, сите серии на опции обезбедуваат дијагностика за развој на сите елементи на содржина вклучени во кодификаторот.

Приоритет во дизајнот на CMM е потребата да се потврдат видовите активности предвидени со стандардот (земајќи ги предвид ограничувањата во условите на масовно писмено тестирање на знаењата и вештините на студентите): совладување на концептуалниот апарат на курсот по физика , совладување методолошки знаења, примена на знаења во објаснување физички појави и решавање проблеми. Совладувањето на вештините за работа со информации од физичка содржина се проверува индиректно при користење на различни методи за прикажување информации во текстови (графикони, табели, дијаграми и шематски цртежи).

Најважната активност во однос на успешното продолжување на образованието на универзитетот е решавањето на проблемите. Секоја опција вклучува задачи во сите делови со различни нивоа на сложеност, овозможувајќи ви да ја тестирате способноста за примена на физички закони и формули и во типични образовни ситуации и во нетрадиционални ситуации кои бараат доволно висок степен на независност кога се комбинираат познати алгоритми за дејствување или креирање на сопствен план за извршување на задачите.

Објективноста на проверка на задачите со детален одговор е обезбедена со единствени критериуми за оценување, учество на двајца независни експерти кои оценуваат една работа, можност за назначување трет експерт и постоење жалбена постапка.

Единствениот државен испит по физика е испит по избор за дипломирани студенти и е дизајниран да се разликува при влез во високообразовните институции. За овие цели во работата се вклучени задачи од три нивоа на сложеност. Завршувањето задачи од основно ниво на сложеност овозможува да се процени нивото на совладување на најзначајните содржински елементи на курсот по физика во средно училиште и совладување на најважните активности.

Меѓу задачите на основното ниво, се издвојуваат задачи, чија содржина одговара на стандардот на основното ниво. Минималниот број на USE поени по физика, што потврдува дека матурантот ја совладал програмата за средно (целосно) општо образование по физика, се поставува врз основа на барањата за совладување на стандардот на основно ниво. Употребата на задачи со зголемени и високи нивоа на сложеност во испитната работа ни овозможува да го процениме степенот на подготвеност на студентот да го продолжи образованието на универзитетот.

4. Структурата на KIM USE

Секоја верзија на испитниот труд се состои од 2 дела и вклучува 32 задачи кои се разликуваат по формата и степенот на сложеност (Табела 1).

Првиот дел содржи 24 задачи, од кои 9 задачи со избор и евидентирање на бројот на точниот одговор и 15 задачи со краток одговор, вклучувајќи задачи со самозапишување на одговорот во форма на број, како и задачи за утврдување кореспонденција и повеќекратен избор, во кои се потребни одговори запишете како низа од броеви.

Вториот дел содржи 8 задачи, обединети со заедничка активност - решавање проблеми. Од нив, 3 задачи со краток одговор (25-27) и 5 ​​задачи (28-32), за кои е потребно да се даде детален одговор.

Со цел наставниците и матурантите да имаат идеја за КИМ на претстојната УПОТРЕБА по физика, секоја година на официјалната веб-страница на ФИПИ се објавуваат показни верзии на УПОТРЕБАТА по сите предмети. Секој може да се запознае и да добие идеја за структурата, обемот, приближните задачи на реалните опции.

Кога се подготвуваат за испитот, на дипломираните студенти им е подобро да ги користат опциите од официјалните извори на информативна поддршка за завршниот испит.

Показна верзија на испитот 2017 по физика

Опција за задача + одговори	опција + одговор
Спецификација	преземете
Кодификатор	преземете

Демо верзии на испитот по физика 2016-2015 година

Физика	Опција за преземање
2016	верзија на испитот 2016 година
2015	варијанта EGE fizika

Вкупно задачи - 31; од нив по ниво на тежина: Основно - 18; Зголемено - 9; Високо - 4.

Максималниот почетен резултат за работа е 50.

Вкупно време за завршување на работата - 235 минути

Проценетото време за завршување на задачите од различни делови од работата е:

1) за секоја задача со краток одговор - 3-5 минути;

2) за секоја задача со детален одговор - 15–25 минути.

Дополнителни материјали и опремаСе користи непрограмабилен калкулатор (за секој ученик) со можност за пресметување на тригонометриски функции (cos, sin, tg) и линијар. Списокот на дополнителни уреди и материјали, чија употреба е дозволена за испитот, е одобрен од Рособрнадзор.

Кога ја читате демо верзијата на USE 2017 во физиката, треба да се има на ум дека задачите вклучени во неа не ги одразуваат сите проблеми со содржината што ќе се проверат со користење на опциите KIM во 2017 година.

Промени во KIM USE во физиката во 2017 година во споредба со 2016 година

Структурата на дел 1 од испитниот труд е променета, дел 2 е оставен непроменет. Од испитната работа беа исклучени задачите со избор на еден точен одговор и додадени се задачи со краток одговор.

При правење промени во структурата на испитниот труд по физика, беа зачувани општите концептуални пристапи за оценување на образовните постигања. Особено, максималниот резултат за завршување на сите задачи од испитниот труд остана непроменет, распределбата на максималните бодови за задачи од различни нивоа на сложеност и приближната распределба на бројот на задачи по делови од училишниот курс по физика и методите на активност беа зачуван.

Комплетна листа на прашања што може да се контролираат на унифицираниот државен испит во 2017 година е даден во кодификаторот на содржински елементи и барања за степенот на подготовка на дипломирани студенти на образовните организации за унифициран државен испит во 2017 година по физика.